A 400k

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Blanket (glass fiber) Cork Duct liner (glass fiber, coated) Polystyrene (extruded) Vermiculite fill (flakes) Saturated Liquids Ammonia, 300K Mercury, 300K Refrigerant 22, 300K Refrigerant 134a, 300K Unused Engine Oil, 300K Water, 275K 300K 325K 350K 375K 400K Source: Drawn from several sources, these data are only representative. Values can vary depending on temperature, purity, moisture content, and other factors. Table A-19 754 Tables in SI Units TABLE A-20 Ideal Gas…

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Portanto a soluc¸a˜ o do problema de valor inicial e´ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 e100kt 1+ 99 = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

Portanto a solucao do problema de valor inicial e ¸˜ y(t) = C100e100kt 1+Ce100kt = 100 e100kt 99 1 1+ 99 e100kt = 100e100kt 99+e100kt = 100 99e−100kt +1 Substituindo-se t = 4 e y = 5 obtemos 5= 100 e−400k = ⇒ 99e−400k + 1 19 99 ⇒ −100k = ln 19 99 4 Logo 100 y(t) = 99e 19 ln 99 4 t 100 = +1 99 · 19 99 t/4 +1 100 y 80 60 40 20 0 −20 25 de Novembro de 2011 t −5 0 5

273,15 graus abaixo do zero da Escala Celsius. A Escala Rankine possui obviamente o mesmo zero da escala Kelvin, porém sua divisão é idêntica à da Escala Fahrenheit. A representação das escalas absolutas é análoga às escalas relativas:- Kelvin ==> 400K (sem o símbolo de grau " ° "). Rankine ==> 785R. A Escala Fahrenheit é usada principalmente na Inglaterra e Estados Unidos da América, porém seu uso tem declinado a favor da Escala Celsius de aceitação universal. CENTRO DE…

273,15 graus abaixo do zero da Escala Celsius. A Escala Rankine possui obviamente o mesmo zero da escala Kelvin, porém sua divisão é idêntica à da Escala Fahrenheit. A representação das escalas absolutas é análoga às escalas relativas:- Kelvin ==> 400K (sem o símbolo de grau " ° "). Rankine ==> 785R. A Escala Fahrenheit é usada principalmente na Inglaterra e Estados Unidos da América, porém seu uso tem declinado a favor da Escala Celsius de aceitação universal. CENTRO DE…