Atps subsistemas de memória

ETAPA 2:
AULA TEMA: Subsistemas de memória.
PASSO 2: Questões
Quantas palavras da memória RAM podem ser armazenadas simultaneamente na memória cache?
Resposta:
L1 (instruções): 32 Kbytes (32*1024 = 32768 bytes)
L1 (dados): 24 Kbytes (24*1024 = 24576 bytes)
L2: 512 Kbytes (512*1024 = 524288 bytes)
Palavras de 1 byte que cabem na memória cache L2 = 524.288 palavras.
Palavras de 2 bytes que cabem na memória cache L2 = 262.144 palavras.
Palavras de 4 bytes que cabem na memória cache L2 = 131.072 palavras.
Calcule quantos blocos possui a memória RAM.
Resposta:
O cache de memória pode funcionar em três diferentes organizações: cache com mapeamento direto, cache completamente associativo e cache associativo por grupos (também conhecido como cache associativo por grupos de n-vias). No caso do “Acer Aspire ONE”, é usado o cache associativo por grupos de 4-vias. Em 1GB de RAM, 2.048 blocos com 512 KB cada.
Qual o tamanho mínimo, em bits, do barramento de endereço?
Resposta:
20 = 2*0 = 1 bit.
Qual o tamanho, em bits, do Registrador PC?
Resposta:
O registrador do processador Atom N270 possui 128 bits.
Qual o tamanho, em bytes, do Registrador ACC?
Resposta:
4 bytes.
Defina os campos de endereço para mapeamento direto.
Resposta:
64 bytes.
PASSO 3: Responda a questão a seguir considerando a organização do sistema apresentado no desafio e supondo que cada caractere é codificado com 16 bytes, resolveu-se armazenar na memória deste sistema um conjunto de caracteres do seguinte modo: a partir do endereço (hexadecimal) (1A2D-27FA)hexa, foram escritos sucessivamente grupos de 10 caracteres iguais, iniciando pelo grupo de As, seguido do grupo de Bs, e assim por diante [TANENBAUM, 2006].
Qual deverá ser o endereço correspondente ao local onde está armazenado o primeiro J?
Resposta:
1A2D-27FA16+9*10 = 1A2D-27FA16+9010 = 1A2D-27FA+5A = 1A2D-285416.
J = 1A2D-285416
PASSO 4: Relatório das respostas obtidas da Etapa 2.
A partir desta etapa nº 2