Integrais por partes
1)
⌠ I = x2 sen( x ) dx ; ⌡ Solução
considerando:
u = x2 => du = 2x dx dv = sen(x)dx => v = −cos( x ) substituindo em I , temos:
⌠ ⌠ ⌠ I = u dv = u v − v du = −x2 cos( x ) − −cos( x ) 2 x dx = ⌡ ⌡ ⌡ ⌠ −x2 cos( x ) + 2 x cos( x ) dx ⌡
⌠ fazendo J = 2 x cos( x ) dx ⌡ considerando w = x => dw = dx dz = cos(x) dx => z = sen(x) substituindo em J , temos: ⌠ ⌠ ⌠ J = 2 w dz = 2 w z − 2 z dw = 2 x sen( x ) − 2 sen( x ) dx = 2 x sen(x) + 2 ⌡ ⌡ ⌡
cos(x) + K
logo, temos:
I = −x2 cos( x ) + J
=
−x2 cos( x ) + 2 x sen(x) + 2 cos(x) + K
------------------------------------------Page 1
2)
⌠ I = ln( tg( x ) ) sec( x )2 dx ⌡ Solução sec( x )2
considerando u = ln(tg(x)) dv = sec( x )2dx
=>
tg( x ) => v = tg(x)
du =
dx
substituindo em I , temos: ⌠ tg( x ) sec( x )2 ⌠ ⌠ I = u dv = u v − v du = ln( tg( x ) ) tg( x ) − dx = ⌡ ⌡ tg( x ) ⌡ ⌠ ln( tg( x ) ) tg( x ) − sec( x )2 dx = ⌡ = ln( tg( x ) ) tg( x ) − tg( x ) + K = tg( x ) ( ln( tg( x ) ) − 1 ) + K ------------------------------------------
3)
⌠ x ex I = dx ; ( 1 + x )2 ⌡ Solução considerando u = x ex du = (ex + x ex) dx = ex ( 1 + x ) dx 1 1 dv = dx => v = − 1+x ( 1 + x )2 =>
sustituindo em I , temos:
Page 2
⌠ ⌠ I = u dv = u v − v du = ⌡ ⌡ = − x ex 1+x + ex + K =
⌠ x e (1 + x) x ex ⌠ x − − − dx = − + e dx = 1+x 1+x 1+x ⌡ ⌡ x 1 ex x + K = ex e 1 − + K = + K 1+x 1+x 1+x x ex
-----------------------------------------
4)
⌠ I = x2 ln( x + 1 ) dx ; ⌡ Solução 1 x+1
considerando u = ln( x + 1) dv = x dx
2
=> du = x3
dx
3 substituindo em I , temos: x3 ⌠ x3 ln( x + 1 ) − 3 ( x + 1 ) dx = 3 ⌡ x3 3 1 3
=> v =
⌠ ⌠ I = u dv = u v − v du ⌡ ⌡ ⌠ 3 x x + 1 dx = ⌡ x3
=
ln( x + 1 ) −
⌠ 1 2 1 x3 1 = ln(